Hướng dẫn giải câu khó trong đề thi THPT môn Hóa học năm 2019 - Mã đề 213

ThS Lê Văn Phê – THPT Long Khánh – Đồng Nai

HD giải câu khó đề hóa năm 2019 – Mã đề 213 Câu 65. B Câu 66. HhX có metan, etylen, propin, vinylaxetilen và amol H2 nung 0,1mol hhY (gồm các hydrocacbon) có d/H2 =14,4; 0,1mol Y pứ max với 0,06 mol Br2/dd. Tính a? Giải: klg hhX=klg hhY = 0,1. 28,8= 2,88g; Đặt hh (H,C) trong X: CnH4 tương ứng là CnH2n+2-2x (0,1mol) trong đó x lk pi thì 2n+2-2x = 4 hay x = n-1(1); BTKL: 0,1(12n+4) + 2a = 2,88 hay 1,2n + 2a= 2,48(2); BT số mol LK pi: 0,1x = a + 0,06 (3). Thay (1) vào (3)  n=10a + 1,6; kết hợp với (2)  a = 0,04. Câu 67: Giải: X (C8H12O5) là este của glixerol và 2 ax cacboxilic ko có khả năng tráng bạc – ko phải HCOOH; X là đi este của glixerol với 2 axit; pt X có 3 lk pi nên có 1 axit no, 1 ax ko no. CT dạng: (CH2=CH-COO)(C3H5OH)(OOC-CH3) – có 3 CTCT. Muối Y là CH3COONa; muối Z là C2H3COONa – natri acrylat. Câu 68: m(g) Al + dd 0,2mol H2SO4  H2 + ddX. Cho dd NaOH 2M vào ddX: Khi NaOH : 0,28 mol thu (2a + 1,56)g Al(OH)3 Khi NaOH: 0,48 mol thu a(g) Al(OH)3. Tính m, a? Giải: smol Al là x(mol) thì ddX gồm: xmol Al3+; (0,4 – 3x)mol H+. NaOH là 0,28 mol thì smol pứ Al3+ = (3x - 0,12) sẽ tạo kết tủa: (x-0,04)mol = (2a+1,56)/78 (1) và dư Al3+. NaOH là 0,48mol thì smol pứ Al3+ = (0,08+3x) có tạo aluminat, smol kết tủa là: a/78 = 4x – (0,08+3x) hay a/78 = x – 0,08(2). Giải hệ (1,2): x =0,1 nên m = 2,7 và a = 1,56 Câu 69: 0,55 mol hhX(H2O, CO2) qua C nóng đỏ 0,95 mol hhY (CO, H2, CO2); cho Y + dd 0,1mol Ba(OH)2  m(g) kết tủa? Giải: C+ H2O  CO + H2 và C + CO2  2CO 2 pứ trên  smol khí sinh ra gấp đôi số mol khí pứ; mà hơi nước đã hết nên CO2 dư. Số mol khí và hơi nước đã pứ: 0,95 – 0,55 = 0,4 vậy khí CO2 còn lại là 0,55 -0,4 = 0,15. Tỉ lệ mol OH/CO2 = 1,3 nên số mol BaCO3 = 0,2 – 0,15 =0,05 là 9,85g kết tủa. Câu 70: Có 4 trường hợp có kết tủa là a(BaSO4); b(CaCO3); c(Al(OH)3; e (Ag). Câu 71: m(g) chất béo X cần 3,08 mol O2 CO2 + 2 mol H2O; m(g) X + NaOH  glixerol + 35,36g muối; m(g) X + tối đa a(mol) brom? Giải: Đặt pt X có k lk pi, smol là x, smol CO2 là y; BT mol O: 6x + 2.3,08 = 2y + 2 hay 6x – 2y = - 4,16 hay y = 3x +2,08. BTKL pứ cháy: m + 3,08.32 = 44y + 2.18 thay y = 3x+2,08 được: m – 132x = 28,96(1). Pứ xà phòng hóa X thì: klg X + klg NaOH = klg muối + klg glixerol  m +3x.40 = 35,36 + x.92 hay m + 28x = 35,36(2). Giải hệ (1,2) được x= 0,04  y = 2,2. Khi pứ brom thì smol Br2 = x(k-3); vì smol CO2 – smol H2O = x(k-1) nên k = 6. Smol Br2 = 0,04. 3 = 0,12. Câu 72. Dễ thấy Y là CaO nên X là CaCO3; Z là Ca(OH)2 nên T là NaHCO3; R là NaOH; Q là Na2CO3. Chọn C. Câu 73: đốt m(g) hhE gồm 2 este X, Y hở tạo bởi ax và ancol (MX<MY<150) 0,2 mol CO2 m(g)E + NaOH  1 muối + 3,14g hh ancol Z; Z pứ Na  0,05 mol H2; tính %klg X? Giải:

DeThi.edu.vn

ThS Lê Văn Phê – THPT Long Khánh – Đồng Nai

2 este tạo bởi cùng 1 axit; smol OH ancol = smol COO este = smol NaOH pứ = 2. 0,05 = 0,1. Khi đốt hh tạo ra 0,2 mol CO2 trong đó CO2 sinh ra từ nhóm COO = 0,1 còn lại 0,1mol CO2 sinh ra từ gốc (H,C) của 2 este. Vì smol C ở gốc (H,C) este = smol COO este  mỗi nhóm OH của ancol lk với 1 ng.tử C. Ax tạo este là HCOOH; Do MX< MY<150 nên Y tối đa là este 2 chức. Nếu 2 ancol tạo este đều đơn chức thì smol ancol =0,1 nên Mtb = 31,4 – vô lí vậy phải có ancol đa chức. Do 2 este mạch hở nên ax tạo este là đơn chức. BTKL: klg hh = 0,1.68(muối HCOONa)+ 3,14 – 0,1.40(NaOH)= 5,94. Vậy este X là đơn chức: HCOOCH3 x mol; este Y 2 chức(HCOO)2C2H4 y mol. x + 2y =0,1 (1) và 60x + 116y = 5,94; giải ra x =0,04 %klg X = 0,04.60.100/5,94 = 40,4 Câu 74: X là CnH2n+4O4N2 là muối của axit đa chức, Y là CmH2m-4O7N6 là hexapeptit được tạo bởi 1 aminoaxit. 0,1 mol HhE gồm X, Y tác dụng tối đa 0,32 mol NaOH thu metylamin và dd chỉ chứa 31,32g hh muối. Tính % klg của X trong E? Giải: Từ CT X,Y  X tạo bởi ax no 2 chức và metylamin; Y tạo bởi aminoax no, 1 nhóm NH2, 1 nhóm COOH. Đặt smol X,Y là x,y thì: x+ y =0,1 và 2x + 6y = 0,32  x =0,07; y=0,03. Sản phẩm pứ E với NaOH gồm: muối, CH3NH2 0,14mol; H2O (0,14+0,03); BTKL  klg hhE= …